関数は次の条件①、②を満たしている。
① は微分可能では連続、かつ
② 正の定数があって
(イ)
(ロ)(3) を求めよ。またの最小値を求めよ。
続きです。
小問(1)の解答例・抄
京大 1991年 前期 理系 第6問 その1 - 数式で独楽する
\begin{eqnarray}
y' &=& \frac{1}{y^a e^{- \frac{y^2}{2}} +1} \tag{1.1} \\
f(0) &=& a \tag{1.3}
\end{eqnarray}
小問(2)(イ)の解答例
小問(2)(ロ)の解答例
式(1.1)を変形していきます。
\begin{eqnarray}
\frac{1}{f'(x)} &=& y^a e^{- \frac{y^2}{2}} +1 \\
\frac{1}{f'(x)} -1 &=& y^a e^{- \frac{y^2}{2}} \\
f(x) \left( \frac{1}{f'(x)} -1 \right) &=& y^{a+1} e^{- \frac{y^2}{2}}
\end{eqnarray}ここで、
\begin{equation}
h(y) = y^{a+1} e^{- \frac{y^2}{2}}
\end{equation}と置きます。
導関数は、
\begin{eqnarray}
h'(y) &=& (a+1) y^a e^{- \frac{y^2}{2}} + y^{a+1} e^{- \frac{y^2}{2}} (-y) \\
&=& (a+1 -y^2) \ y^a e^{- \frac{y^2}{2}} \\
&=& (\sqrt{a+1} +y)(\sqrt{a+1} -y) \ y^a e^{- \frac{y^2}{2}}
\end{eqnarray}となります。
関数はに極値をとります。定義域はなので、の値でこの範囲に極値が存在するかどうかが変わります。境界は、
\begin{eqnarray}
a &=& \sqrt{a+1} \\
a^2 &=& a + 1 \\
a^2 -a -1 &=& 0 \\
\therefore \quad a &=& \frac{1 + \sqrt{5}}{2} \quad (\because \ a> 0)
\end{eqnarray}です。
したがって、関数の増減は、次のようになります。
の場合
\begin{array}{c|ccc}
\hline
y & a & \cdots & \infty \\ \hline
h'(y) & & - & \\
h(y) & h(a) & \searrow & 0 \\ \hline
\end{array}
の場合
\begin{array}{c|ccccc}
\hline
y & a & \cdots & \sqrt{a+1} & \cdots & \infty \\ \hline
h'(y) & & + & 0 & - & \\
h(y) & h(a) & \nearrow & h(\sqrt{a+1}) & \searrow & 0 \\ \hline
\end{array}
いずれの場合でも正の定数があって、
\begin{equation}
0 \leqq f(x) \left( \frac{1}{f'(x)} -1 \right) \leqq c
\end{equation}となることが示されます。
小問(2)(ロ)の解説
落ち着いて式を変形していくと、設問の式は意外と簡単な形になります。
あとは(イ)と同様に関数の増減を地味に調べれば良いでしょう。
なお、本設問の場合も、による場合分けが必要です。