行列で表される1次変換をとする。
小問(1)の解答例
小問(2)の解答例
小問(3)の解答例
小問(3)の補足
本設問で登場する行列
\begin{equation}
A = \left( \begin{array}{r}
1 & -1 \\
-2 & 2
\end{array} \right) , \quad
B = \frac{1}{10} \left( \begin{array}{rr}
1 & -2 \\
-1 & 2
\end{array} \right)
\end{equation}の固有値、固有ベクトルは、
\begin{eqnarray}
A \left( \begin{array}{c} 1 \\ 1 \end{array} \right) &=& 0 \left( \begin{array}{c} 1 \\ 1 \end{array} \right), & \quad A \left( \begin{array}{r} 1 \\ -2 \end{array} \right) &=& 3 \left( \begin{array}{r} 1 \\ -2 \end{array} \right) \\
B \left( \begin{array}{c} 2 \\ 1 \end{array} \right) &=& 0 \left( \begin{array}{c} 2 \\ 1 \end{array} \right), & \quad B \left( \begin{array}{r} 1 \\ -1 \end{array} \right) &=& \frac{3}{10} \left( \begin{array}{r} 1 \\ -1 \end{array} \right)
\end{eqnarray}です。
一方の行列の固有ベクトルを他方の行列の固有ベクトルで表すことを考えます。
縮退しない方の固有ベクトルは、
\begin{eqnarray}
\left( \begin{array}{r} 1 \\ -2 \end{array} \right)
&=& - \frac{1}{3} \left( \begin{array}{r} 2 \\ 1 \end{array} \right)
+ \frac{5}{3} \left( \begin{array}{r} 1 \\ -1 \end{array} \right) \\
\left( \begin{array}{r} 1 \\ -1 \end{array} \right)
&=& \frac{1}{3} \left( \begin{array}{r} 1 \\ 1 \end{array} \right)
+ \frac{2}{3} \left( \begin{array}{r} 1 \\ -2 \end{array} \right)
\end{eqnarray}で表すことができます。
これを踏まえると、平面上の任意のベクトルを写像で変換すると、次のようになります。
\begin{eqnarray}
p \left( \begin{array}{c} 1 \\ 1 \end{array} \right) + q \left( \begin{array}{r} 1 \\ -2 \end{array} \right)
& \stackrel{f}{\longrightarrow} & 3q \left( \begin{array}{r} 1 \\ -2 \end{array} \right)
= q \left[ - \left( \begin{array}{r} 2 \\ 1 \end{array} \right)
+ 5 \left( \begin{array}{r} 1 \\ -1 \end{array} \right) \right] \\
& \stackrel{g}{\longrightarrow} & \frac{3}{2} \ q \left( \begin{array}{r} 1 \\ -1 \end{array} \right)
= \frac{1}{2} \ q \left[ \left( \begin{array}{r} 1 \\ 1 \end{array} \right)
+ 2 \left( \begin{array}{r} 1 \\ -2 \end{array} \right) \right] \\
& \stackrel{f}{\longrightarrow} & 3q \left( \begin{array}{r} 1 \\ -2 \end{array} \right) \\
s \left( \begin{array}{c} 2 \\ 1 \end{array} \right) + t \left( \begin{array}{r} 1 \\ -1 \end{array} \right)
& \stackrel{g}{\longrightarrow} & \frac{3}{10} \ t \left( \begin{array}{r} 1 \\ -1 \end{array} \right)
= \frac{1}{10} \ t \left[ \left( \begin{array}{r} 1 \\ 1 \end{array} \right)
+ 2 \left( \begin{array}{r} 1 \\ -2 \end{array} \right) \right] \\
& \stackrel{f}{\longrightarrow} & \frac{3}{5} \ t \left( \begin{array}{r} 1 \\ -2 \end{array} \right)
= \frac{1}{5} \ t \left[ \left( - \begin{array}{r} 2 \\ 1 \end{array} \right)
+ 5 \left( \begin{array}{r} 1 \\ 1 \end{array} \right) \right] \\
& \stackrel{g}{\longrightarrow} & \frac{3}{10} \ t \left( \begin{array}{r} 1 \\ -1 \end{array} \right)
\end{eqnarray}
これより、
\begin{eqnarray}
f \circ g \circ f &=& f \\
g \circ f \circ g &=& g
\end{eqnarray}となっていることが分かります。